1)f(x)=2(e^x)+(x^2)-2x
i)ν.δ.ο f' γνησιως αυξουσα
ιι)ν.δ.ο f'(0)=0
ιιι)να βρεθουν τα διαστηματα μονοτονιας της f.
i) Η συνάρτηση f είναι συνεχής και παραγωγίσιμη στο A=R πεπρώτη παράγωγο f΄(x)=2(e^x)+2x-2=2((e^x)+x-1)
Η πρώτη παράγωγος f΄ είναι συνεχής και παραγωγίσιμη στο R. Άρα η f είναι 2 φορές παραγωγίσιμη στο R με δεύτερη παράγωγο
f΄΄(x)=2(e^x)+2=2((e^x)+1)>0 για κάθε x ανήκει R
Η πρώτη παράγωγος f΄ είναι συνεχής και παραγωγίσιμη στο R και ισχύει f΄΄(x)>0 για κάθε x ανήκει R. Άρα η f είναι κυρτή στο R και η πρώτη παράγωγος f΄ γνησίως αύξουσα στο R.
ii) f΄(0)=2*((e^0)+0-1)=2*(1-1)=2*0=0
iii) x>0 => f΄(x)>f΄(0) (f΄ γνησίως αύξουσα) => f΄(x)>0
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο [0,+οο) παραγωγίσιμη στο (0,+οο) και ισχύει f΄(x)>0 για κάθε x στο (0,+οο). Άρα η f είναι γνησίως αύξουσα στο [0,+οο).
x<0 => f΄(x)<f΄(0) (f΄ γνησίως αύξουσα) => f΄(x)<0
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο (-oo,0] παραγωγίσιμη στο (-oo,0) και ισχύει f΄(x)<0 για κάθε x στο (-oo,0). Άρα η f είναι γνησίως φθίνουσα στο (-οο,0].
2)i)να λυθει η εξισωση lnx+2x=2
ii)να μελετηθει ως προς τη μονοτονια η συναρτηση f(x)=(2x-lnx) / ( 2 ριζα χ )
iii)για καθε χ>1,ν.δ.ο ln(ριζα χ)< χ- ριζα χ
i) Θεωρούμε την συνάρτηση g(x)=lnx+2x-2 με πεδίο ορισμού το A=(0,+oo)
Η συνάρτηση g είναι συνεχής και παραγωγίσιμη στο (0,+οο) με πρώτη παράγωγο g΄(x)=(1/x)+2>0 για κάθε x>0
Η συνάρτηση g είναι συνεχής και παραγωγίσιμη στο (0,+οο) και ισχύει g΄(x)>0 για κάθε x στο (0,+οο). Άρα η g είναι γνησίως αύξουσα στο (0,+οο). Επομένως η g είναι 1-1.
Παρατηρούμε ότι g(1)=ln1+2*1-2=0+2-2=0
Η g είναι γνησίως αύξουσα στο (0,+οο). Επομένως έχουμε:
0<x<1 => g(x)<g(1) => g(x)<0 για κάθε x στο (0,1)
x>1 => g(x)>g(1) => g(x)>0 για κάθε x στο (1,+οο)
(Το πρόσημο της g χρειάζεται στο ερώτημα ii))
Επομένως
g(x)=0 <=> g(x)=g(1) <=> x=1 εφόσον η g είναι 1-1
ii) Η συνάρτηση f έχει πεδίο ορισμού το Α=(0,+οο) και είναι συνεχής και παραγωγίσιμη σε αυτό με πρώτη παράγωγο:
f΄(x)=(lnx+2x-2)/(4xSQRT(x))=g(x)/(4xSQRT(x)) (μετά από πράξεις)
Επειδή g(x)<0 για κάθε x στο (0,1) τότε ισχύει f΄(x)<0 για κάθε x στο (0,1). Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο (0,1], παραγωγίσιμη στο (0,1) και ισχύει f΄(x)<0 για κάθε x στο (0,1). Άρα η f είναι γνησίως φθίνουσα στο (0,1].
Επειδή g(x)>0 για κάθε x στο (1,+οο) τότε ισχύει f΄(x)>0 για κάθε x στο (1,+οο). Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο [1,+οο), παραγωγίσιμη στο (1,+οο) και ισχύει f΄(x)>0 για κάθε x στο (1,+οο). Άρα η f είναι γνησίως αύξουσα στο [1,+οο)..
iii) Έχουμε f(1)=(2*1-ln1)/(2*(1^(1/2)))=(2-0)/(2*1)=2/2=1
Η f είναι γνησίως αύξουσα στο (1,+οο). Συνεπώς
x>1 <=> f(x)>f(1) <=> (2x-lnx)/(2SQRT(x))>1 <=> 2x-lnx>2SQRT(x) <=> lnx<2x-2SQRT(x) <=> lnx<2(x-SQRT(x)) <=> (1/2)lnx<x-SQRT(x) <=>
<=> ln(x^(1/2))<x-SQRT(x) <=> lnSQRT(x)<x-SQRT(x)
Άρα lnSQRT(x)<x-SQRT(x) <=> x>1
3)αν f δυο φορες παραγωγισιμη στο R ,n cf εφαπτεται στον χ'χ στο χο=1 και ισχυει f''(x)<0 για καθε χ ε R,ν.δ.ο f(x)<0 για καθε χ διαφορο του 1.
Αν η f είναι παραγωγίσιμη στο x0 τότε η εξίσωση της εφαπτομένης στο (x0,f(x0)) είναι η ακόλουθη:
y-f(x0)=f΄(x0)(x-x0) <=> y=xf΄(x0)+[f(x0)-x0*f΄(x0)]
Για x0=1 προκύπτει η εξίσωση της επαπτομένης της Cf στο (1,f(1)):
y=xf΄(1)+[f(1)-f΄(1)]
Γνωρίζουμε ότι η εφαπτομένη της Cf στο (1,f(1)) είναι ο άξονας x΄x ο οποίος έχει εξίσωση y=0. Συνεπώς πρέπει να ισχύουν οι σχέσεις:
f΄(1)=0
f(1)-f΄(1)=0 => f(1)=f΄(1)=0
Η συνάρτηση f είναι συνεχής και 2 φορές παραγωγίσιμη στο R και ισχύει f΄΄(x)<0 για κάθε x ανήκει R. Επομένως η f είναι κοίλη στο R που σημαίνει ότι η πρώτη παράγωγος f΄ είναι γνησίως φθίνουσα στο R. Επομένως έχουμε:
x<1 => f΄(x)>f΄(1) => f΄(x)>0
x>1 => f΄(x)<f΄(1) => f΄(x)<0
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο (-οο,1], παραγωγίσιμη στο (-οο,1) και ισχύει f΄(x)>0 για κάθε x στο (-οο,1). Επομένως η f είναι γνησίως αύξουσα στο (-οο,1]. Επομένως έχουμε:
x<1 => f(x)<f(1) => f(x)<0 για κάθε x στο (-οο,1)
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο [1,+οο), παραγωγίσιμη στο (1,+οο) και ισχύει f΄(x)<0 για κάθε x στο (1,+οο). Επομένως η f είναι γνησίως φθίνουσα στο [1,+οο). Επομένως έχουμε:
x>1 => f(x)<f(1) => f(x)<0 για κάθε x στο (1,+οο)
Άρα ισχύει f(x)<0 για κάθε x στο (-οο,1)U(1,+οο) και f(1)=0
4)ν.δ.ο η εξισωση χ+συνχ=0 δεν εχει καμια θετικη ριζα.
Θεωρούμε την συνάρτηση f(x)=x+συνx με πεδίο ορισμού το A=R. Η f είναι συνεχής και παραγωγίσιμη στο R με πρώτη παράγωγο:
f΄(x)=1-ημx, x ανήκει R
Η πρώτη παράγωγος είναι περιοδική συνάρτηση με περίοδο Τ=2π αφού για κάθε x ανήκει R ισχύει f΄(x+2kπ)=f΄(x) όπου k ακέραιος
Στο διάστημα [0,2π] (εύρους μιας περιόδου Τ=2) είναι -1<ημx<1 για [0,π/2)U(π/2,3π/2)U(3π/2,2π] και ημ(π/2)=1, ημ(3π/2)=-1.
Έτσι λοιπόν σε οποιοδήποτε διάστημα της μορφής [2kπ, 2(k+1)π) είναι
-1<ημx<1 για [2kπ,2kπ+(π/2))U(2kπ+(π/2),2kπ+2π] και ημ(2kπ+(π/2))=1
Επομένως f΄(x)>0 για κάθε x ανήκει (2kπ,2kπ+(π/2))U(2kπ+(π/2),2kπ+2π) και f΄(2kπ+(π/2))=0
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο διάστημα [2kπ,2kπ+(π/2)], παραγωγίσιμη στο (2kπ,2kπ+(π/2)) και ισχύει f΄(x)>0 για κάθε x στο (2kπ,2kπ+(π/2)). Επομένως η f είναι γνησίως αύξουσα στο [2kπ,2kπ+(π/2)] όπου k ακέραιος.
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο διάστημα [2kπ+(π/2),2kπ+2π], παραγωγίσιμη στο (2kπ+(π/2),2kπ+2π) και ισχύει f΄(x)>0 για κάθε x στο (2kπ+(π/2),2kπ+2π). Επομένως η f είναι γνησίως αύξουσα στο [2kπ+(π/2),2kπ+2π] όπου k ακέραιος.
Άρα η f είναι γνησίως αύξουσα σε όλα τα διαστήματα της μορφής [2kπ,2kπ+(π/2)], [2kπ+(π/2),2kπ+2π] (για κάθε ακέριο k) και επειδή η f είναι συνεχής σε όλο το R τότε είναι γνησίως αύξουσα σε όλο το R.
Έχουμε f(0)=0+συν0=1
Άρα
x>0 => f(x)>f(0) (αφού η f είναι γνησίως αύξουσα) => f(x)>1>0
Άρα f(x)>0 => f(x) διάφορο 0 για x>0.
5)αν 2g'(x)+xg''(x) διαφορο του 0 στο R ,ν.δ.ο η συναρτηση g(x)+xg'(x) εχει το πολυ μια πραγματικη ριζα.
Θεωρούμε την συνάρτηση f(x)=g(x)+xg΄(x). Επειδή η g είναι 2 φορές παραγωγίσιμη στο R τότε η f είναι παραγωγίσιμη στο R (οπότε και συνεχής στο R) με πρώτη παράγωγο:
f΄(x)=2g΄(x)+xg΄΄(x) διάφορο 0 για κάθε x ανήκει R (από εκφώνηση)
Αν η f είχε δύο πραγματικές ρίζες ρ1, ρ2 με ρ1<ρ2 τότε f(ρ1)=f(ρ2)=0.
Η συνάρτηση f είναι συνεχής στο [ρ1,ρ2], παραγωγίσιμη στο (ρ1,ρ2) και ισχύει f(ρ1)=f(ρ2). Επομένως σύμφωνα με το θεώρημα Rolle υπάρχει τουλάχιστον ένα ξ στο (ρ1,ρ2) τέτοιο ώστε f΄(ξ)=0 που είναι άτοπο εφόσον f΄(x) διάφορο 0 για κάθε x ανήκει R. Άρα η f δεν μπορεί να έχει 2 πραγματκές ρίζες.
Ομοίως μπορεί να αποδειχθεί ότι η f δεν μπορεί να έχει 3 ή περισσότερες πραγματικές ρίζες. Αν η f είχε ν (ν θετικός ακέραιος>=3) πραγματικές ρίζες, έστω τις ρ1<ρ2<...<ρν-1<ρν τότε f(ρ1)=f(ρ2)=...=f(ρν-1)=f(ρν)=0.
Η f είναι συνεχής σε στο διάστημα [ρn,ρn+1], παραγωγίσιμη στο (ρn,ρn+1) και ισχύει f(ρn)=f(ρn+1) όπου n=1, 2, ..., (ν-1). Επομένως σύμφωνα με το θεώρημα Rolle υπάρχει τουλάχιστον ένα ξn στο διάστημα (ρn,ρn+1) τέτοιο ώστε f΄(ξn)=0. Δηλαδή υπάρχουν ξ1, ξ2, ..., ξν-1 με ξ1<ξ2<...<ξν-1 τέτοια ώστε f΄(ξ1)=f΄(ξ2)=...=f΄(ξν-1)=0 που είναι άτοπο εφόσον f΄(x) διάφορο 0 για κάθε x ανήκει R. Άρα η f δεν μπορεί να έχει 3 ή περισσότερες πραγματικές ρίζες.
Συνεπώς η f μπορεί να έχει το πολύ 1 πραγματική ρίζα.