Συλλογή ασκήσεων και τεστ στα Μαθηματικά Προσανατολισμού

mostel · 04-01-08

Ναι, καταλαβαίνω τη λογική σου, αλλά δε το διευκρινίζει καλά το βιβλίο.

Δείτε μια καλούλα:

Έστω η συνάρτηση $f:[a,b]\rightarrow[-1,1]$ , για την οποία ισχύει η σχέση:

$f(f(x))=\frac{2x+1}{x+2}$ , για κάθε $x$ στο $[a,b]$ .

i) Να βρείτε τις τιμές $a,b$ .

ii) Να δείξετε ότι $f(-1)+f(1)=0$

Γιώργος · 04-01-08

********

Έστω η συνάρτηση $f:[a,b]\rightarrow[-1,1]$ , για την οποία ισχύει η σχέση:

$f(f(x))=\frac{2x+1}{x+2}$ , για κάθε $x$ στο $[a,b]$ .

i) Να βρείτε τις τιμές $a,b$ .

ii) Να δείξετε ότι $f(-1)+f(1)=0$

********

i) Πρέπει:

$<br /> f(f(x)) \in [-1, 1] \\<br /> -1 \leq \frac{2x+1}{x+2} \leq 1<br />$

Και προχωρώντας το (μη βαριέστε να κάνετε τις πράξεις) έπεται:

$x \in [-1, 1]$

Άρα τα a, b για να έχουμε το μέγιστο πεδίο ορισμού (η εκφώνηση είναι λίγο λάθος βασικά) είναι a=-1, b=1.

ii) $f(f(x))=\frac{2x+1}{x+2}, \; x \in [-1, 1]$

Για $x= \pm 1$ έχουμε:
$f(f(-1)) = -1 \\<br /> f(f(1)) = 1$

Έπειτα θέτουμε απάνω τη μία φορά όπου x το f(1) και την άλλη όπου x το f(-1), έχοντας κατά νου πού "τρέχουν" τα f(1), f(-1).

Και.... προχωράμε και βγαίνει, ας το τελειώσει κάποιος.

mostel · 09-02-08

Για $a,b,c>0$ , να δείξετε ότι ισχύει:

$\frac{1}{2a}+\frac{1}{2b}+\frac{1}{2c}\geq \frac{1}{a+b}+\frac{1}{b+c}+\frac{1}{c+a}$

demoglakos · 09-02-08

αυτη η ασκηση ειχε δοθει πριν απο δυο χρονια περιπου απο τη μαθηματικη εταιρια ως ασκηση του μηνα εδω ειναι και το λινκ https://heron.hms.gr/gr/sources/index_exercise.html
αλλα η λυση που δινουν δεν μ αρεσε καθολου και θυμαμαι οτι τοτε την ελυσα με εναν αλλο τροπο τον οποιο τωρα δεν μπορω να ξαναβρω. αλλα πιστευω θα τον βρω και θα τον γραψω....

mostel · 09-02-08

Αρχική Δημοσίευση από demoglakos:
αυτη η ασκηση ειχε δοθει πριν απο δυο χρονια περιπου απο τη μαθηματικη εταιρια ως ασκηση του μηνα εδω ειναι και το λινκ https://heron.hms.gr/gr/sources/index_exercise.html
αλλα η λυση που δινουν δεν μ αρεσε καθολου και θυμαμαι οτι τοτε την ελυσα με εναν αλλο τροπο τον οποιο τωρα δεν μπορω να ξαναβρω. αλλα πιστευω θα τον βρω και θα τον γραψω....

Δε θυμάμαι, ίσως. Απλώς είπα θέλω λύση με μαθ. κατ. μόνο και όχι στοιχειωδώς... (εσύ μάλλον χρησιμοποιείς την $\frac{1}{a}+\frac{1}{b}\geq \frac{4}{a+b}$ )

exc · 10-02-08

Αν έχεις διδαχθεί μέχρι και τον ρυθμό μεταβολής, μπορείς να λύσεις την άσκηση; Να μην προσπαθώ άδικα...

mostel · 10-02-08

Αρχική Δημοσίευση από exc:
Αν έχεις διδαχθεί μέχρι και τον ρυθμό μεταβολής, μπορείς να λύσεις την άσκηση; Να μην προσπαθώ άδικα...

Ο τρόπος λύσης μου δεν είναι για ύλη μέχρι εκεί που έχεις κάνει. Αλλά μπορεί να βγαίνει και έτσι... Δε το έχω ψάξει!

Στέλιος

demoglakos · 12-02-08

μηπως βγαινει με ακροτατα?? δηλαδη 1) τα φερνω ολα μπροστα 2) ονομαζω συναρτηση βαζοντας οπου α το χ και τα αλλα τα αφηνω αριθμους , οποτε γινεται Η(χ)>0 (βασικα μεγαλυτερο η ισο). 3) βρισκω τον αριθμο για τον οποιον μηδενιζεται η συναρτηση εστω κ αρα Η(χ)>Η(κ) 4) παραγωγιζω την Η(χ) βρισκω μονοτονια και ετσι φτανω οτι η Η(χ)>0 ... οχι ε???

mostel · 2 Μαρτίου 2010

Μπα, δε βγαίνει έτσι.

Βάζω τη λύση μου, η οποία δεν είναι και ό,τι πιο εύκολο.

Ισχύει από κλασσική άλγεβρα :

$x^2+y^2+z^2\geq xy + yz + yz$

(για να την αποδείξετε απλώς πολ/στε με το 2 και πάντε τα όλα στο πρώτο μέλος. Θα βγει άθροισμα τετραγώνων μεγαλύτερο ή ίσο του μηδενός, που ισχύει).

Για $x=t^{a-\frac{1}{2}}, y=t^{b-\frac{1}{2}}, z=t^{c-\frac{1}{2}}$ , θα έχουμε στην παραπάνω ανισότητα:

$t^{2a-1}+t^{2b-1}+t^{2c-1}\geq t^{a+b-1}+t^{b+c-1}+t^{c+a-1}$ .

Δηλαδή:

$\int_{0}^{1} t^{2a-1}+t^{2b-1}+t^{2c-1} dt\geq \int_{0}^{1} t^{a+b-1}+t^{b+c-1}+t^{c+a-1}dt$

Δηλαδή:

$\left[\frac{t^{2a}}{2a}+\frac{t^{2b}}{2b}+\frac{t^{2c}}{2c}\right]_{0}^{1}\geq\left[\frac{t^{a+b}}{a+b}+\frac{t^{b+c}}{b+c}+\frac{t^{c+a}}{c+a}\right]_{0}^{1}$

Από όπου προκύπτει η ζητούμενη.

Ισότητα για $x=y=z$ , δηλαδή για $a=b=c$ .

:iagree:

galois01 · 12-02-08

:no1:Στέλιο η λύση σου είναι φοβερή!!! Εγώ την έλυσα με την ανισότητα $\frac{1}{a}+\frac{1}{b}\geq\frac{4}{a+b}$ πάντως η δική σου είναι πολύ πιο ανεβασμένη.

Κώστας

demoglakos · 12-02-08

ειμαι σιγουρος πως η λυση σου ειναι φοβερη.... αν και δεν εχω διδαχθει ακόμη ολοκληρώματα.... :'(

Nalfein · 24-02-08

Δίνεται συνάρτηση $f(x): (0,+\infty) \rightarrow \Re$ 2 φορές παραγωγίσιμη με $\lim_{x\to\0^+}f(x)=0$ , $f''(x)>0$ για κάθε $x\in(0,+\infty)$ και συνάρτηση $g(x)=\frac{f(x)}{2x} , x>0$
α) νδο οτι υπάρχει $\xi\in(0,x): f(x)=xf'(\xi)$ για κάθε $x>0$
β) νδο g γνησίως αύξουσα στο $(0,+\infty)$

Αυτή η άσκηση είναι πιθανότατα υπερβολικά παρανοϊκή για πανελλήνιες, αλλα παρ'ολα αυτα ειναι πολυ όμορφη.

demoglakos · 26-02-08

κοιτα εχω βρει μια λυση αλλα δεχθηκα οτι απο το lim προκυπτει f(0)=0, κατι που στην πραγματικοτητα δεν ισχυει. προκυπτει αυτο η να ψαξω αλλη λυση??

Nalfein · 26-02-08

δε προκύπτει αυτο, αφου η f δεν ορίζεται καν στο 0, αρα δεν υπάρχει f(0). Αυτό ειναι και όλο το θέμα με την άσκηση.
Ως υπόδειξη λεω οτι η σκέψη σου είναι σωστή απλα πρεπει με αλλο τρόπο να εξασφαλίσεις αυτο στο οποίο χρειάζεται οτι f(0)=0

mostel · 26-02-08

Νομίζω πως με ένα Θ.Μ.Τ. στο (0,x) είμαστε εν τάξει.

Το δεύτερο ερώτημα είναι απόρροια του πρώτου.

Στέλιος

Nalfein · 26-02-08

ΘΜΤ στο ανοιχτο? πως? παιρνοντας σημεία στην περιοχή του 0 και του χ? δε θα βγεί χ-0 στον παρονομαστή ετσι. Και επιπλέον, το βρισκω υπερβολικό, η λύση ειναι πιο απλή (δηλαδή δεν χρειαζεται τιποτα εκτός σχολικού βιβλίου Ουτε καν τροπος σκέψης)

mostel · 26-02-08

Αφού δίνει πως:

$lim_{x\rightarrow 0}f(x) =0$ , ως συνεχής θα 'ναι και στα άκρα του πεδίου ορισμού της συνεχής.

σελ 191, μαθ κατ

Αν έχει denominator x-0= x τι σε πειράζει ;

Nalfein · 26-02-08

μα η f ορίζεται απο ανοιχτο 0 εως + $\infty$

AnaCroN · 26-02-08

Όντως.. είμαι περίεργος να δω την λύση ομολογώ! Δεν μου έρχεται κάτι

mostel · 26-02-08

Και γιατί να 'χεις πρόβλημα να μιλήσεις για συνέχεια στο 0; Αφού μόνο εκεί κολλάει η εφαρμογή του ΘΜΤ

Κατα τα αλλα, το ξ είναι μεσα στο (0,χ) και παρ/σιμη στο ιδιο συνολο.

Συλλογή ασκήσεων και τεστ στα Μαθηματικά Προσανατολισμού

Πολύ δραστήριο μέλος

Τιμώμενο Μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Νεοφερμένος

Πολύ δραστήριο μέλος

Διάσημο μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Νεοφερμένος

Πολύ δραστήριο μέλος

Νεοφερμένος

Νεοφερμένος

Νεοφερμένος

Νεοφερμένος

Νεοφερμένος

Πολύ δραστήριο μέλος

Νεοφερμένος

Πολύ δραστήριο μέλος

Νεοφερμένος

Νεοφερμένος

Πολύ δραστήριο μέλος