Βοήθεια σε ασκήσεις Φυσικής

vimaproto · 02-01-13

Αρχική Δημοσίευση από gata_eisai:
sosssssss...please!!!!όποιος γνωρίζει....πώς λύνονται αυτά;;πλησιάζει η εξεταστική μου και χρειάζομαι εξάσκηση..!!!
1)Ε=2.944.10^-20kj.να την μετατρεψετε σε kev.1 ev=1,6.10^-19j
2)λ=10^-20s^-1.να το μετατρεψετε σε min^-1
έστω ότι γνωρίζετε όσον αφορά τις απαντήσεις,γράψτε μου εδώ! ευχαριστώ πολύυ...

Απλά μαθήματα αριθμητικής
Να ξεκινήσουμε από το $E=2,944.{10}^{-20}Kj$ τι σημαίνει
Αυτό γράφεται $E=2,944.{10}^{-20}(1Kj)$ δηλαδή 2,94 κλπ φορές τη μονάδα μέτρησης της ενέργειας. Εδώ η μονάδα μέτρησης της ενέργειας είναι το eV (ηλεκτρονιοβόλτ)
Σας έδωσε ότι
$1eV=1,6.{10}^{-19} Joule=1,6.{10}^{-19}(1Joule)\\1KeV=1000.1eV=1000.1,6.{10}^{-19}.(1 J)=\\=1,6.{10}^{-19}.1000.(1 J)=1,6.{10}^{-19}.(1000J)=1,6.{10}^{-19}.(1KJ)$

Τώρα θα λύσουμε την τελευταία εξίσωση για να βρούμε τι? Το KJ με πόσα KeV ισοδυναμεί.
$1KeV=1,6.{10}^{-19}.(1KJ)\Rightarrow 1,6.{10}^{-19}.(1KJ)=1KeV$
Στην τελευταία ισότητα θα διαιρέσουμε με τον συντελεστή του αγνώστου για να βρούμε τον άγνωστο που είναι το (1KJ)
Αρα
$(1KJ)=\frac{1}{1,6.{10}^{-19}}(1KeV)$
Τελικά
$E=2,944.{10}^{-20}(1KJ)=2,944.{10}^{-20}\frac{1}{1,6.{10}^{-19}}(1KeV)=\frac{2,944}{1,6}.{10}^{-20+19}(1KeV)=\\=1,84.{10}^{-1}(1KeV)=0,184 KeV[$

Τη δεύτερη θα την αρχίσω με μία υποψία ότι το σύμβολο δεν είναι λ (μήκος κύματος) αλλά f (συχνότητα). Τέλος πάντων .
Θα κάνουμε ανάλογες σκέψεις.
1min=60 sec δηλ. 60 φορές το 1 δευτερόλεπτο ισοδυναμεί με 1 λεπτό και θα λύσουμε την εξίσωση
$60.(1sec)=1min\Rightarrow 1sec=\frac{1}{60}(1min)$
Ερχόμαστε σ'αυτά που μας έδωσαν
$\lambda ={10}^{-20}.{s}^{-1}={10}^{-20}.\frac{1}{s}={10}^{-20}\frac{1}{\frac{1}{60}min}=60.{10}^{-20}.\frac{1}{min}=6.10.{10}^{-20}.{min}^{-1}=\\=6.{10}^{-19}.{min}^{-1}$

Dias · 04-01-13

Αρχική Δημοσίευση από vimaproto:
μία υποψία ότι το σύμβολο δεν είναι λ (μήκος κύματος) αλλά f (συχνότητα).

Εδώ το λ πρέπει να είναι η σταθερά διάσπασης του νόμου των ραδιενεργών μετατροπών.

vimaproto · 05-01-13

Δεν αντιλέγω. Μπορεί.

Bemanos · 25-01-13

Εχω μια απορία οχι ακριβως ασκηση. Γνωριζει κανεις γιατι οι αθλητες στο αλμα εις υψος λυγιζουν το σωμα τους την ωρα που πηδανε? νομιζω οτι εχει να κανει με το κεντρο μαζας τους οτι το μετατοπιζουν για να κερδισουν υψος.οποιος ξερει αν μπορει να βοηθησει

Dias · 25-01-13

Αρχική Δημοσίευση από Bemanos:
Εχω μια απορία οχι ακριβως ασκηση. Γνωριζει κανεις γιατι οι αθλητες στο αλμα εις υψος λυγιζουν το σωμα τους την ωρα που πηδανε? νομιζω οτι εχει να κανει με το κεντρο μαζας τους οτι το μετατοπιζουν για να κερδισουν υψος.οποιος ξερει αν μπορει να βοηθησει

Διάβασε ΑΥΤΟ το άρθρο.

κωσ · 23-04-13

αχ γράφω και εδώ μπας και το δει κανένας:.πραγματικά θέλω άμεσα βοηθειαα!!!
θέλω βοήθεια στο παρακατωω!!!!!
Ο τρίτος νόμος του νευτωνα δεν ισχύει (δώστε αιτιολογιμενη απαντηση για ολες τις περιπτώσεις) α) Σε ελεστικές κρούσεις σωμάτων ίσης μάζας β)σε ελεστικές κρούσεις σωμάτων άνισης μάζας γ)σε πλαστικές κρούσεις σωμάτων άνισης μάζας για οπαιδήποτε δύναμη δ)σε πλαστικές κρούσεςι σωματων άνισης μάζας για δυνάμεις που δρουν από απόσταση ε)σε ημι=ελαστικές κρούσεις σωμάτων άνισης μάζας για δυνάμεις που δρουν από απόσταση΄

ουσιαστικά ζητάει να τεκμηριωσουμε αναλυτικά σε ποια ισχλυει και σε ποια όχι... Για αυτά που είναι με επαφή 3ερω να πω νομίζω ότι ισχ'υει ...το θέμα είναι σε αυτά τ ερωτήματα τ τελευταία Π είναι από απόσταση ...δεν ξέρω τ συμβαινέι!!!! Please γρήγορα

Stavri_ · 11-11-13

Καλησπέρα σε όλους!

Λοιπόν... Let's Start!
Δημιούργησα το συγκεκριμένο θέμα για μας που σπουδάζουμε Φυσικό( σε οποιοδήποτε έτος ) αλλά και για όσους ασχολούνται με τη πανεπιστημιακή Φυσική, με σκοπό να λύνουμε εδώ σε αυτό το "νήμα" απορίες,να ρωτάμε και να δίνουμε απαντήσεις, να σχολιάζουμε και να προβληματιζόμαστε πάνω σε οποιοδήποτε θέμα αφορά αυτή την υπέροχη επιστήμη μελέτης των ποικίλων φυσικών φαινομένων!

Ας αρχίσω εγώ λοιπόν. Είμαι πρωτοετής στο Τμήμα Φυσικού Πατρών, και όπως γνωρίζετε χωρίς βιβλία (λόγω των απεργιών και της κλειστής γραμματείας) η μελέτη γίνεται ακόμη πιο δύσκολη από ότι ήδη απαιτεί η σχολή. Συνεπώς είναι λογικό να προκύπτουν απορίες πάνω στη διδαχθείσα ύλη.
Συγκεκριμένα, χάνοντας μόλις ένα μάθημα Μηχανικής-Ρευστομηχανικής (να ναι καλά η εκκριτική ωτίτιδα

), αισθάνθηκα ότι έχασα την μπάλα στα... κέντρα μάζας! Σημειώσεις βρήκα ελάχιστες από το ίντερνετ, καθώς και από τους συμφοιτητές μου. Όμως χωρίς βιβλίο για περαιτέρω κατανόηση και εμβάθυνση, έχω δυσκολευτεί. Θα προσπαθήσω να βρω το βιβλίο του Serway για να μελετήσω καλύτερα. Προς το παρών θα παραθέσω κάποιες ασκήσεις πάνω στα κέντρα μάζας, και όποιος μπορέσει και θελήσει ας με διαφωτίσει και ας μου εξηγήσει τη λογική των ασκήσεων.

1η Άσκηση

Μία μπάλα μάζας m και ακτίνας R τοποθετείται στο εσωτερικό εσωτερικού φλοιού της ίδιας μάζας m και ακτίνας 2R. Η μπάλα αφήνεται ελεύθερη και ταλαντώνεται μέχρις ότου ισορροπήσει στο κάτω μέρος του σφαιρικού φλοιού. Ποια είναι η μετατόπιση του συστήματος;

2η Άσκηση

Να υπολογιστεί το διάνυσμα θέσης του κέντρου μάζας ενός συμπαγούς ομογενούς κώνου ύψους h. Δίνεται Vκων=1/3πα^2h.

3η Άσκηση

Από ομογενές τετράγωνο πλακίδιο ΑΒΓΔ πλευράς α, αφαιρούμε ισοσκελές τριγωνικό πλακίδιο ΑΕΔ. Να υπολογιστεί το ύψος y αυτού του τριγωνικού πλακιδίου ώστε το κέντρο μάζας του υπόλοιπου πλακιδίου να είναι το σημείο Ε.Δίνεται ότι το κέντρο μάζας ομογενούς ισοσκελούς τριγώνου είναι στα 2/3 του ύψους του από την κορυφή του τριγώνου.

Καλή αρχή!!!

Civilara · 12 Νοεμβρίου 2013

Αρχική Δημοσίευση από Stavri_:
2η Άσκηση

Να υπολογιστεί το διάνυσμα θέσης του κέντρου μάζας ενός συμπαγούς ομογενούς κώνου ύψους h. Δίνεται Vκων=1/3πα^2h.

View attachment 55159

Θεωρούμε δεξιόστροφο σύστημα συντεταγμένων Oxyz όπου οι άξονες Ox και Oy είναι όπως στο σχήμα και ο άξονας Oz είναι κάθετος στον Ox και το επίπεδο Oxz είναι κάθετο στον άξονα y. Επομένως xC=zC=0.

Αν C είναι το κέντρο μάζας του κυλίνδρου τότε αυτό βρίσκεται πάνω στον άξονα Οy επειδή αυτός είναι άξονας συμμετρίας του κώνου. Ο χώρος V του κώνου οριοθετείται από την παράπλευρη επιφάνεια του S και τον κυκλικό δίσκο της βάσης του.

Το οριζόντιο επίπεδο y=y0 όπου 0<=y0<=h τέμνει τον κώνο και η κωνική τομή που σχηματίζεται είναι κύκλος ακτίνας r. Η ακτίνα r μεταβάλλεται στον κώνο γραμμικά με το ύψος y. Συνεπώς r=(a/h)y=f(y) όπου 0<=y<=h. Παρατηρούμε ότι f(0)=0 και f(h)=a όπως είναι αναμενόμενο.

Ο κύκλος C που σχηματίζεται από την κωνική τομή με το επίπεδο y=y0 έχει ακτίνα r0=f(y0)=(a/h)y0 με παραμετρικές εξισώσεις:
x=r0*cosθ => x=(a/h)*y0*cosθ
z=r0*sinθ => y=(a/h)*y0*sinθ
όπου 0<=y0<=h και 0<=θ<2π η δεξιόστροφη γωνία που σχηματίζει ο άξονας O΄x΄ με τον άξονα Ο΄z΄ οι οποίοι βρίσκονται στο επίπεδο y=y0 και είναι παράλληλοι στους άξονες Ox και Oz αντίστοιχα. Το σημείο Ο΄ είναι το Ο΄(0,y0,0).

Θέτοντας όπου y0 το y προκύπτουν οι παραμετρικές εξισώσεις της παράπλευρης επιφάνειας S του κώνου:
x=(a/h)*y*cosθ=g(y,θ)
z=(a/h)* y*sinθ=h(y,θ)
όπου 0<=y<=h και 0<=θ<2π

Κάθε σημείο του κώνου V είναι εσωτερικό της επιφάνειας S ή βρίσκεται πάνω σε αυτήν. Επομένως οι παραμετρικές εξισώσεις του χώρου του κώνου είναι οι εξής:

x=ρ*y*cosθ=F(ρ,θ,y)
z=ρ*y*sinθ=G(ρ,θ,y)

όπου 0<=ρ<=a/h, 0<=y<=h και 0<=θ<2π

Θα γίνει ο μετασχηματισμός από τον χώρο V στον χώρο A σύμφωνα με τον παραπάνω μετασχηματισμό όπου ο χώρος Α ορίζεται από τις μεταβλητές ρ, y και θ με 0<=ρ<=a/h, 0<=y<=h και 0<=θ<2π

Έχουμε

$\frac{\vartheta x}{\vartheta \varrho }=ycos\theta$
$\frac{\vartheta x}{\vartheta \theta }=-\varrho ysin\theta$
$\frac{\vartheta z}{\vartheta \varrho }=ysin\theta$
$\frac{\vartheta z}{\vartheta \theta}=\varrho ycos\theta$

Υπολογίζουμε την Ιακωβιανή ορίζουσα του μετασχηματισμού V->A:

$\frac{\vartheta \left(x,z \right)}{\vartheta \left(\varrho ,\theta \right)}=\frac{\vartheta x}{\vartheta \varrho }\frac{\vartheta z}{\vartheta \theta }-\frac{\vartheta x}{\vartheta \theta }\frac{\vartheta z}{\vartheta \varrho }=(ycos\theta )(\varrho ycos\theta )-(-\varrho ysin\theta )(ysin\theta )=\varrho {y}^{2}\left({cos}^{2}\theta \right+{sin}^{2}\theta )=\varrho {y}^{2}$

Στη συνέχεια υπολογίζουμε τη στατική ροπή του κώνου ως προς το επίπεδο Oxz:

${S}_{xz}=\int_{V}^{ }ydxdydz=\int_{A}^{ }\left|\frac{\vartheta \left(x,z \right)}{\vartheta \left(\varrho ,\theta \right)} \right|yd\varrho dyd\theta =\int_{A}^{ }\varrho {y}^{3}d\varrho dydz=\int_{0}^{a/h}\varrho d\varrho \int_{0}^{h}{y}^{3}dy\int_{0}^{2\pi }d\theta =\frac{{a}^{2}}{2{h}^{2}}\frac{{h}^{4}}{4}2\pi =\frac{\pi }{4}{a}^{2}{h}^{2}$

Αν και δίνεται θα υπολογιστεί ο όγκος του κυλίνδρου. Έχουμε:

$V=\int_{V}^{ }dxdydz=\int_{A}^{ }\left|\frac{\vartheta \left(x,z \right)}{\vartheta \left(\varrho ,\theta \right)} \right|d\varrho dyd\theta =\int_{A}^{ }\varrho {y}^{2}d\varrho dydz=\int_{0}^{a/h}\varrho d\varrho \int_{0}^{h}{y}^{2}dy\int_{0}^{2\pi }d\theta =\frac{{a}^{2}}{2{h}^{2}}\frac{{h}^{3}}{3}2\pi =\frac{\pi }{3}{a}^{2}h$

Στη συνέχεια υπολογίζεται η συντεταγμένη yC:

${y}_{C}=\frac{{S}_{xz}}{V}\Rightarrow {y}_{C}=\frac{3}{4}h$

Το διάνυσμα θέσης είναι το:

$\vec{R}=\vec{OC}=\frac{3}{4}h\vec{j}$

Civilara · 12-11-13

Αρχική Δημοσίευση από Stavri_:
3η Άσκηση

Από ομογενές τετράγωνο πλακίδιο ΑΒΓΔ πλευράς α, αφαιρούμε ισοσκελές τριγωνικό πλακίδιο ΑΕΔ. Να υπολογιστεί το ύψος y αυτού του τριγωνικού πλακιδίου ώστε το κέντρο μάζας του υπόλοιπου πλακιδίου να είναι το σημείο Ε.Δίνεται ότι το κέντρο μάζας ομογενούς ισοσκελούς τριγώνου είναι στα 2/3 του ύψους του από την κορυφή του τριγώνου.

View attachment 55160[/B][/FONT]

Θεωρούμε σύστημα συντεταγμένων Αxy όπου ο θετικός ημιάξονας Ax έχει φορά από το Α προς το Δ και ο θετικός ημιάξονας Αy έχει φορά από το Α προς το Β. Για το y ισχύει 0<=y<=a.

Το χωρίο 1 είναι το τετράγωνο ΑΒΓΔ και το χωρίο 2 είναι το τρίγωνο ΑΕΔ.

Οι συντεταγμένες του κέντρου μάζας C1 του τετραγώνου ΑΒΓΔ είναι x1=y1=a/2 και το εμβαδόν του είναι Α1=a^2

Το τρίγωνο ΑΕΔ έχει εμβαδόν A2=(1/2)ay. Οι συντεταγμένες του κέντρου μάζας C2 του τριγώνου ΑΕΔ είναι:
x2=a/2
y2=(2/3)y

Το εμβαδόν του πολυγώνου ΑΒΓΔΕΑ είναι A=A1-A2 => A=(a^2)-(1/2)ay=a[a-(y/2)]

Οι συντεταγμένες του κέντρου μάζας C του πολυγώνου ΑΒΓΔΕΑ υπολογίζονται παρακάτω:

xC=(x1*A1-x2*A2)/(A1-A2) => xC=a/2 (ανεξάρτητο του y)
yC=(y1*A1-y2*A2)/(A1-A2) => yC=[3(a^2)-2(y^2)]/[3(2a-y)]

Το σημείο Ε έχει συντετεγμένες xE=a/2 και yE=y. Για να ταυτίζεται το C με το Ε πρέπει να ισχύουν οι σχέσεις:
xC=xE που ισχύει καθώς xC=xE=a/2
yC=yE

Από την 2η σχέση έχουμε:

yC=yE => [3(a^2)-2(y^2)]/[3(2a-y)]=y => 3(a^2)-2(y^2)=6ay-3(y^2) => (y^2)-6ay+3(a^2)=0 => (y^2)-6ay+9(a^2)=6(a^2) =>
=> (y-3a)^2=(aSQRT(6))^2 => |y-3a|=aSQRT(6)

Επειδή 0<=y<=a

a τότε y-3a<0. Άρα |y-3a|=3a-y. Συνεπώς προκύπτει:

3a-y=aSQRT(6) => y=3a-aSQRT(6) => y=[3-SQRT(6)]a

Dias · 12-11-13

ΑΣΚ.3

Αρχική Δημοσίευση από Civilara:
y2=(2/3)y................=> y=[3-SQRT(6)]a

Νομίζω ότι y2 = (1/3)y και αποτέλεσμα => y=[3-SQRT(3)]a/2
(Θα απλουστεύαμε λίγο τις πράξεις αν παίρναμε αρχή αξόνων το Ε)

AΣΚ.1
Το κέντρο μάζας θα μείνει στην ίδια κατακόρυφη (ΣFεξ,x = 0), άρα εύκολα χ = R/2 (προς τα αριστερά)

Civilara · 12-11-13

Σωστός ο Δίας! Λάθος δικό μου.

Sail Beg · 12-11-13

Αισθανομαι ηλιθιος μετα το μηνυμα του Civilara...

Stavri_ · 12-11-13

Να'στε καλά ρε παιδιά! Σας ευχαριστώ και τους δύο πάρα πολύ!!!

Θα τις μελετήσω και αν έχω κάποια απορία ,θα σας στείλω!

antis · 17 Σεπτεμβρίου 2014

Άσκηση 1. Κυματοδηγός παραλλήλων πλακών έχει διαστάσεις d=3mm και w>>d. Στο εσωτερικό του περιέχεται υλικό με σχετική διηλεκτρική σταθερά ίση με 3. Να βρεθεί η μέγιστη συχνότητα λειτουργίας ώστε η διάδοση του κύματος εντός του κυματοδηγού να πραγματοποιείται μόνο με τον επικρατέστερο ρυθμό

Άσκηση 2. Ορθογωνικός κυματοδηγό έχει διαστάσεις a=1.9cm και b=0.8cm. Στο εσωτερικό του περιέχεται αέρας. Αν η συχνότητα λειτουργίας είναι 30GHz, να υπολογισθεί η σύνθετη αντίσταση του επικρατέστερου ρυθμού

Άσκηση 3. Κατευθυντικός συζεύκτης δέχεται στην είσοδο του (θύρα 1) ισχύ ίση με 60mW. Το 1/4 της ισχύος εισόδου κατευθύνεται στη θύρα 2 (direct).Η ισχύς που διαρρέει στη θύρα 4 (isolated) είναι 30mW. Να υπολογισθούν α) ο συντελεστής μετάδοσης β) η κατευθυντικότητα και γ) ο παράγοντας σύζευξης.

Άσκηση 4. Μικροταινιακή γραμμή μεταφοράς είναι κατασκευασμένη σε πλακέτα της οποίας η σχετική διηλεκτρική σταθερά είναι ίση με 4. Το μήκος της γραμμής είναι 5cm και η συχνότητα λειτουργίας 30GHz. Το κύμα μπαίνει στην είσοδο της γραμμής με φάση 30 μοιρών. Να υπολογισθεί η φάση του κύματος στην έξοδο της γραμμής. Υπόδειξη: για τον υπολογισμό της σταθεράς διάδοσης χρησιμοποιείστε τη σχετική διηλεκτρική σταθερά της πλακέτας (και όχι την ισοδύναμη διηλεκτρική σταθερά )

ΛΥΣΕΙΣ ?

KeepDreaming! · 15-02-15

Λοιπόν, αύριο δίνω φυσική κι έχω ορισμένες αποριούλες-ασάφειες.Αν μπορεί κάποιος ας βοηθήσει παρακαλώ!

(Είναι από θέματα προηγούμενων εξεταστικών.)
1)Αν προσφέρετε θερμότητα σε ένα σώμα θα αυξηθεί απαραίτητα η θερμοκρασία του;Κι αν ναι, γιατί;
2)Ένα διαστημόπλοιο που οι αστροναύτες του το βλέπουν σφαιρικο, κινείται με ταχύτητα 0,5c ως προς τη Γη.Τι σχήμα νομίζουν οι Γήινοι οτι έχει το διαστημόπλοιο;
3)Γιατί όταν ο αέρας συμπιέζεται γρήγορα , η θερμοκρασία του αυξάνεται;Σε τι είδους θερμοδυναμική διεργασία αντιστοιχεί αυτή η μεταβολή;

Έστω και ένα απ'αυτά να ξέρετε please απαντήστε!
Ευχαριστώ!

Dias · 15-02-15

Αρχική Δημοσίευση από KeepDreaming!:
1)Αν προσφέρετε θερμότητα σε ένα σώμα θα αυξηθεί απαραίτητα η θερμοκρασία του;Κι αν ναι, γιατί;
2)Ένα διαστημόπλοιο που οι αστροναύτες του το βλέπουν σφαιρικο, κινείται με ταχύτητα 0,5c ως προς τη Γη.Τι σχήμα νομίζουν οι Γήινοι οτι έχει το διαστημόπλοιο;
3)Γιατί όταν ο αέρας συμπιέζεται γρήγορα , η θερμοκρασία του αυξάνεται;Σε τι είδους θερμοδυναμική διεργασία αντιστοιχεί αυτή η μεταβολή;

1) Αν πρόκειται για στερεό ή υγρό ναι, καθώς η προσφερόμενη θερμότητα αυξάνει την εσωτερική του ενέργεια. Στα αέρια μπορεί και όχι, π.χ. στην ισόθερμη μεταβολή η θερμοκρασία μένει σταθερή, αλλά υπάρχουν και μεταβολές αερίων που ενώ προσφέρεται θερμότητα, η θερμοκρασία μειώνεται.
2) Σύμφωνα με τη Θεωρία της Σχετικότητας, έχουμε τη λεγόμενη συστολή του μήκους l = lo.ρίζα[1-(υ/c)²], δηλαδή ο παρατηρητής στη Γη θα βλέπει τη διάσταση του διαστημόπλοιου κατά τη διεύθυνση της κίνησης πιο μικρή, έτσι το σκάφος θα του φαίνεται ελλειψοειδές, δηλαδή σαν "σφαίρα πατημένη".
3) Ναι, καθώς το αέριο δεν προλαβαίνει να πάρει θερμότητα Q = 0, από τον 1ο θερμοδυναμικό νόμο ΔU = -W , W < 0 =>
ΔU > 0 => αύξηση θερμοκρασίας. Πρόκειται για αδιαβατική μεταβολή.

KeepDreaming! · 15-02-15

Αρχική Δημοσίευση από Dias:
1) Αν πρόκειται για στερεό ή υγρό ναι, καθώς η προσφερόμενη θερμότητα αυξάνει την εσωτερική του ενέργεια. Στα αέρια μπορεί και όχι, π.χ. στην ισόθερμη μεταβολή η θερμοκρασία μένει σταθερή, αλλά υπάρχουν και μεταβολές αερίων που ενώ προσφέρεται θερμότητα, η θερμοκρασία μειώνεται.
2) Σύμφωνα με τη Θεωρία της Σχετικότητας, έχουμε τη λεγόμενη συστολή του μήκους l = lo.ρίζα[1-(υ/c)²], δηλαδή ο παρατηρητής στη Γη θα βλέπει τη διάσταση του διαστημόπλοιου κατά τη διεύθυνση της κίνησης πιο μικρή, έτσι το σκάφος θα του φαίνεται ελλειψοειδές, δηλαδή σαν "σφαίρα πατημένη".
3) Ναι, καθώς το αέριο δεν προλαβαίνει να πάρει θερμότητα Q = 0, από τον 1ο θερμοδυναμικό νόμο ΔU = -W , W < 0 =>
ΔU > 0 => αύξηση θερμοκρασίας. Πρόκειται για αδιαβατική μεταβολή.

Ευχαριστώ πάρα πολύ!
Είχα τελείως άλλες απαντήσεις στο μυαλό μου!

Bemanos · 25-09-15

${\left(\frac{\partial U}{\partial V} \right)}_{T}=T{\left(\frac{\partial P}{\partial T} \right)}_{V}-P$
Μπορει κανεις να μου πει πως γινεται ο μετασχηματισμος?

unπαικτable · 25-09-15

πως προκυπει η σχεση εννοεις;

χημεια4λαιφ · 02-06-19

Μπο

Αρχική Δημοσίευση από χημεια4λαιφ:

Μπορεί κάποιος να με βοηθήσει στο θέμα αυτό;

Βοήθεια σε ασκήσεις Φυσικής

Πολύ δραστήριο μέλος

Επιφανές μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Επιφανές μέλος

Εκκολαπτόμενο μέλος

Τιμώμενο Μέλος

Περιβόητο μέλος

Περιβόητο μέλος

Επιφανές μέλος

Περιβόητο μέλος

Εκκολαπτόμενο μέλος

Τιμώμενο Μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Δραστήριο μέλος

Επιφανές μέλος

Δραστήριο μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Πολύ δραστήριο μέλος

Νεοφερμένος